Exercício Resolvido de Força Elétrica e Campo Elétrico
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Um disco de raio a está carregado uniformemente com uma carga Q. Calcule o vetor campo elétrico:
a) Num ponto P sobre o eixo de simetria perpendicular ao plano do disco a uma distância z do seu centro.
b) No caso em que o raio a da placa é muito maior que a distância do ponto P até a placa, a>>z.


Dados do problema:
  • Raio do disco:    a;
  • Carga do disco:    Q;
  • Distância ao ponto onde se quer o campo elétrico:    z.
Esquema do problema:

O vetor posição r vai de um elemento de carga do disco dq até o ponto P onde se deseja calcular o campo elétrico, o vetor rq localiza o elemento de carga em relação à origem do referencial e o vetor rp localiza o ponto P (Figura 1-A).
\[ \begin{gather} \mathbf{r}={\mathbf{r}}_{p}-{\mathbf{r}}_{q} \end{gather} \]
Figura 1

Pela geometria do problema devemos escolher coordenadas cilíndricas (Figura 1-B), o vetor rq, só possui componente na direção er,   \( {\mathbf{r}}_{q}=r_{q}\;\mathbf{e}_{r} \),   e o vetor rp só possui componente na direção ez,   \( {\mathbf{r}}_{p}=r_{p}\;\mathbf{e}_{z} \).   Fazendo a conversão de coordenadas cilíndricas para coordenadas cartesianas x, y e z são dados por
\[ \begin{gather} \left\{ \begin{array}{l} x=r_{q}\cos \theta \\ y=r_{q}\operatorname{sen}\theta \\ z=z \end{array} \right. \tag{I} \end{gather} \]

Observação: Na Figura 1-B, i, j e k são os vetores unitários da base do sistema de coordenadas cartesianas, e er, eθ e ez são os vetores unitários da base do sistema de coordenadas cilíndricas.

Depois da conversão o vetor rq, é escrito como   \( {\mathbf{r}}_{q}=x\;\mathbf{i}+y\;\mathbf{j} \),   e o vetor rp como   \( {\mathbf{r}}_{p}=z\;\mathbf{k} \).
O vetor posição será
\[ \begin{gather} \mathbf{r}=z\;\mathbf{k}-\left(x\;\mathbf{i}+y\;\mathbf{j}\right)\\[5pt] \mathbf{r}=-x\;\mathbf{i}-y\;\mathbf{j}+z\;\mathbf{k} \tag{II} \end{gather} \]
Da expressão (II) o módulo do vetor posição r será
\[ \begin{gather} r^{2}=(-x)^{2}+(-y)^{2}+z^{2}\\[5pt] r=\left(x^{2}+y^{2}+z^{2}\right)^{\frac{1}{2}} \tag{III} \end{gather} \]
Solução

a) O vetor campo elétrico é dado por
\[ \begin{gather} \bbox[#99CCFF,10px] {\mathbf{E}=\frac{1}{4\pi \epsilon_{0}}\int{\frac{dq}{r^{2}}\;\frac{\mathbf{r}}{r}}} \end{gather} \]
\[ \begin{gather} \mathbf{E}=\frac{1}{4\pi \epsilon_{0}}\int{\frac{dq}{r^{3}}\;\mathbf{r}} \tag{IV} \end{gather} \]
Da expressão da densidade superficial de carga σ obtemos o elemento de carga dq
\[ \begin{gather} \bbox[#99CCFF,10px] {\sigma =\frac{dq}{dA}} \end{gather} \]
\[ \begin{gather} dq=\sigma \;dA \tag{V} \end{gather} \]
onde dA é um elemento de área.
O elemento de área em coordenadas cartesianas é dado por
\[ \begin{gather} dA=dx \;dy \end{gather} \]
para obter o elemento de área em coordenadas polares calculamos o Jacobiano dado pelo determinante
\[ \begin{gather} J=\left| \begin{matrix} \;\dfrac{\partial x}{\partial r}&\dfrac{\partial x}{\partial \theta }\;\\ \;\dfrac{\partial y}{\partial r}&\dfrac{\partial y}{\partial \theta }\; \end{matrix} \right| \end{gather} \]
Cálculo das derivadas parciais das funções x e y dadas pelas expressões em (I)

\( x=r_{q}\cos \theta \):

\( \dfrac{\partial x}{\partial r_{q}}=\dfrac{\partial (r_{q}\cos \theta)}{\partial r_{q}}=\cos \theta \dfrac{\partial r_{q}}{\partial r_{q}}=\cos \theta .1=\cos \theta \text{, } \)
\[ \dfrac{\partial x}{\partial r_{q}}=\dfrac{\partial (r_{q}\cos \theta)}{\partial r_{q}}=\cos \theta \dfrac{\partial r_{q}}{\partial r_{q}}=\cos \theta .1=\cos \theta \]
na derivada em rq o valor de θ é constante e o cosseno sai da derivada.

\( \dfrac{\partial x}{\partial \theta }=\dfrac{\partial (r_{q}\cos \theta)}{\partial \theta }=r_{q}\dfrac{\partial (\cos \theta )}{\partial\theta }=r_{q}(-\operatorname{sen}\theta)=-r_{q}\operatorname{sen}\theta \text{, } \)
\[ \dfrac{\partial x}{\partial \theta }=\dfrac{\partial (r_{q}\cos \theta)}{\partial \theta }=r_{q}\dfrac{\partial (\cos \theta )}{\partial\theta }=r_{q}(-\operatorname{sen}\theta)=-r_{q}\operatorname{sen}\theta \]
na derivada em θ o valor de rq é constante e sai da derivada.

\( y=r_{q}\operatorname{sen}\theta \):

\( \dfrac{\partial y}{\partial r_{q}}=\dfrac{\partial(r_{q}\operatorname{sen}\theta )}{\partial r_{q}}=\operatorname{sen}\theta \dfrac{\partial r_{q}}{\partial r_{q}}=\operatorname{sen}\theta .1=\operatorname{sen}\theta \text{, } \)
\[ \dfrac{\partial y}{\partial r_{q}}=\dfrac{\partial(r_{q}\operatorname{sen}\theta )}{\partial r_{q}}=\operatorname{sen}\theta \dfrac{\partial r_{q}}{\partial r_{q}}=\operatorname{sen}\theta .1=\operatorname{sen}\theta \]
na derivada em rq o valor de θ é constante e o seno sai da derivada.

\( \dfrac{\partial y}{\partial \theta }=\dfrac{\partial(r_{q}\operatorname{sen}\theta )}{\partial \theta }=r_{q}\dfrac{\partial(\operatorname{sen}\theta )}{\partial \theta }=r_{q}\cos \theta \text{, } \)
\[ \dfrac{\partial y}{\partial \theta }=\dfrac{\partial(r_{q}\operatorname{sen}\theta )}{\partial \theta }=r_{q}\dfrac{\partial(\operatorname{sen}\theta )}{\partial \theta }=r_{q}\cos \theta \]
na derivada em θ o valor de rq é constante e sai da derivada.
\[ \begin{gather} dA=dx\;dy=J\;dr_{q}\;d\theta \end{gather} \]
\[ \begin{gather} J=\left| \begin{matrix} \;\cos \theta & -r_{q}\operatorname{sen}\theta \;\\ \;\operatorname{sen}\theta & r_{q}\cos \theta \end{matrix}\right|\\[5pt] J=\cos \theta .r_{q}\cos \theta-(-r_{q}\operatorname{sen}\theta .\operatorname{sen}\theta)\\[5pt] J=r_{q}\cos ^{2}\theta +r_{q}\operatorname{sen}^{2}\theta\\[5pt] J=r_{q}(\underbrace{\cos ^{2}\theta +\operatorname{sen}^{\;2}\theta}_{1})\\[5pt] J=r_{q} \end{gather} \]
\[ \begin{gather} dA=r_{q}\;dr_{q}\;d\theta \tag{VI} \end{gather} \]
substituindo a expressão (VI) na expressão (V)
\[ \begin{gather} dq=\sigma r_{q}\;dr_{q}\;d\theta \tag{VII} \end{gather} \]
Substituindo as expressões (II), (III) e (VII) na expressão (IV), e como a integração é feita sobre a superfície do disco, depende de duas variáveis rq e θ, temos uma integral dupla
\[ \begin{gather} \mathbf{E}=\frac{1}{4\pi \epsilon_{0}}\iint {\frac{\sigma r_{q}\;dr_{q}\;d\theta}{\left[\left(x^{2}+y^{2}+z^{2}\right)^{\frac{1}{2}}\right]^{3}}}\left(-x\;\mathbf{i}-y\;\mathbf{j}+z\;\mathbf{k}\right)\\[5pt] \mathbf{E}=\frac{1}{4\pi \epsilon_{0}}\iint {\frac{\sigma r_{q}\;dr_{q}\;d\theta}{\left(x^{2}+y^{2}+z^{2}\right)^{\frac{3}{2}}}}\left(-x\;\mathbf{i}-y\;\mathbf{j}+z\;\mathbf{k}\right) \tag{VIII} \end{gather} \]
substituindo as expressões de (I) na expressão (VIII)
\[ \begin{gather} \mathbf{E}=\frac{1}{4\pi \epsilon_{0}}\iint {\frac{\sigma r_{q}\;dr_{q}\;d\theta}{\left[\left(r_{q}\cos \theta\right)^{2}+\left(r_{q}\operatorname{sen}\theta\right)^{2}+z^{2}\right]^{\frac{3}{2}}}\left(-r_{q}\cos \theta\;\mathbf{i}-r_{q}\operatorname{sen}\theta\;\mathbf{j}+z\mathbf{k}\right)}\\[5pt] \mathbf{E}=\frac{1}{4\pi\epsilon_{0}}\iint {\frac{\sigma r_{q}\;dr_{q}\;d\theta}{\left[r_{q}^{2}\cos ^{2}\theta +r_{q}^{2}\operatorname{sen}^{2}\theta+z^{2}\right]^{\frac{3}{2}}}\left(-r_{q}\cos \theta\;\mathbf{i}-r_{q}\operatorname{sen}\theta\;\mathbf{j}+z\;\mathbf{k}\right)}\\[5pt] \mathbf{E}=\frac{1}{4\pi\epsilon_{0}}\iint {\frac{\sigma r_{q}\;dr_{q}\;d\theta}{\left[r_{q}^{2}\underbrace{\left(\cos ^{2}\theta+\operatorname{sen}^{2}\theta\right)}_{1}+z^{2}\right]^{\frac{3}{2}}}\left(-r_{q}\cos \theta\;\mathbf{i}-r_{q}\operatorname{sen}\theta\;\mathbf{j}+z\;\mathbf{k}\right)}\\[5pt] \mathbf{E}=\frac{1}{4\pi\epsilon_{0}}\iint {\frac{\sigma r_{q}\;dr_{q}\;d\theta}{\left(r_{q}^{2}+z^{2}\right)^{\frac{3}{2}}}\left(-r_{q}\cos \theta\;\mathbf{i}-r_{q}\operatorname{sen}\theta\;\mathbf{j}+z\;\mathbf{k}\right)} \end{gather} \]
A densidade de carga σ é constante ela podem “sair” da integral, e a integral da soma igual à soma das integrais
\[ \begin{gather} \mathbf{E}=\frac{\sigma}{4\pi \epsilon_{0}}\left(-\iint {\frac{r_{q}^{2}\cos \theta \;dr_{q}\;d\theta}{\left(r_{q}^{2}+z^{2}\right)^{\frac{3}{2}}}}\;\mathbf{i}-\iint {\frac{r_{q}^{2}\operatorname{sen}\theta\;dr_{q}\;d\theta}{\left(r_{q}^{2}+z^{2}\right)^{\frac{3}{2}}}}\;\mathbf{j}+z\iint {\frac{r_{q}\;dr_{q}\;d\theta}{\left(r_{q}^{2}+z^{2}\right)^{\frac{3}{2}}}}\;\mathbf{k}\right) \end{gather} \]
Os limites de integração serão de 0 a a em drq, ao longo do raio do disco, e de 0 e 2π em dθ, uma volta completa no disco, e como não existem termos “cruzados“ em rq e θ as integrais podem ser separadas
\[ \begin{split} \mathbf{E} =\frac{\sigma}{4\pi \epsilon_{0}}\left(-\int_{0}^{a}{\frac{r_{q}^{2}\;dr_{q}}{\left(r_{q}^{2}+z^{2}\right)^{\frac{3}{2}}}}\underbrace{\int_{0}^{{2\pi}}{\cos \theta \;d\theta}}_{0}\;\mathbf{i} - \int_{0}^{a}{\frac{r_{q}^{2}\;dr_{q}}{\left(r_{q}^{2}+z^{2}\right)^{\frac{3}{2}}}}\underbrace{\int_{0}^{{2\pi}}{\sin \theta \;d\theta}}_{0}\;\mathbf{j}+\right.\\ \left.+z\int_{0}^{a}{\frac{r_{q}\;dr_{q}}{\left(r_{q}^{2}+z^{2}\right)^{\frac{3}{2}}}}\int_{0}^{{2\pi}}{d\theta }\;\mathbf{k}\right) \end{split} \]
Integração de    \( \displaystyle \int_{0}^{{2\pi}}\cos \theta \;d\theta \)

1.º método
\[ \begin{align} \int_{0}^{{2\pi}}\cos \theta \;d\theta &=\left.\operatorname{sen}\theta\;\right|_{\;0}^{\;2\pi }=\operatorname{sen}2\pi-\operatorname{sen}0=\\ &=0-0=0 \end{align} \]
2.º método

O gráfico de cosseno entre 0 e 2π possui uma área “positiva” acima do eixo-x, entre 0 e \( \frac{\pi }{2} \) e entre \( \frac{3\pi }{2} \) e 2π, e uma área “negativa” abaixo do eixo-x, entre \( \frac{\pi }{2} \) e \( \frac{3\pi }{2} \) , estas duas áreas se cancelam no cálculo da integral, sendo o valor da integral zero (Figura 2).
Figura 2

Integração de    \( \displaystyle \int_{0}^{{2\pi}}\operatorname{sen}\theta \;d\theta \)

1.º método
\[ \begin{align} \int_{0}^{{2\pi}}\operatorname{sen}\theta \;d\theta &=\left.-\cos\theta \;\right|_{\;0}^{\;2\pi }=-(\cos 2\pi -\cos 0)=\\ &=-(1-1)=0 \end{align} \]
2.º método

O gráfico do seno entre 0 e 2π possui uma área “positiva” acima do eixo-x, entre 0 e π, e uma área “negativa” abaixo do eixo-x, entre π e 2π, estas duas áreas se cancelam no cálculo da integral, sendo o valor da integral zero (Figura 3).
Figura 3

Observação: As duas integrais, nas direções i e j, que são nulas representam o cálculo matemático para a afirmação que se faz usualmente de que as componentes do campo elétrico paralelas ao plano-xy, dEP, se anulam. Apenas as componentes normais ao plano dEN contribuem para o campo elétrico total (Figura 4).

Figura 4

Integração de    \( \displaystyle \int_{0}^{a}{\frac{r_{q}\;dr_{q}}{\left(r_{q}^{2}+z^{2}\right)^{\frac{3}{2}}}} \)

fazendo a mudança de variável
\[ \begin{array}{l} u=r_{q}^{2}+z^{2}\\[5pt] du=2r_{q}\;dr_{q}\Rightarrow dr_{q}=\dfrac{du}{2r_{q}} \end{array} \]
fazendo a mudança dos extremos de integração

para rq = 0
temos   \( u=0^{2}+z^{2}\Rightarrow u=z^{2} \)

para rq = a
temos   \( u=a^{2}+z^{2} \)
\[ \begin{align} \int_{z^{2}}^{{a^{2}+z^{2}}}{\frac{r_{q}}{u^{\frac{3}{2}}}\;\frac{du}{2r_{q}}} &\Rightarrow\frac{1}{2}\int_{z^{2}}^{{a^{2}+z^{2}}}{\frac{1}{u^{\frac{3}{2}}}\;du}\Rightarrow\frac{1}{2}\left.\frac{u^{-{\frac{3}{2}+1}}}{-{\dfrac{3}{2}+1}}\;\right|_{\;z^{2}}^{\;a^{2}+z^{2}}\Rightarrow \\[5pt] &\Rightarrow\frac{1}{2}\left.\frac{u^{\frac{-3+2}{2}}}{\dfrac{-{3+2}}{2}}\;\right|_{\;z^{2}}^{\;a^{2}+z^{2}}\Rightarrow\frac{1}{2}\left.\frac{u^{-{\frac{1}{2}}}}{-{\dfrac{1}{2}}}\;\right|_{\;z^{2}}^{\;a^{2}+z^{2}}\Rightarrow\\[5pt] &\Rightarrow\ \left.-u^{-{\frac{1}{2}}}\;\right|_{\;z^{2}}^{\;a^{2}+z^{2}}\Rightarrow\left.-{\frac{1}{u^{\frac{1}{2}}}}\;\right|_{\;z^{2}}^{\;a^{2}+z^{2}}\Rightarrow \\[5pt] &\Rightarrow-\left(\frac{1}{\sqrt{a^{2}+z^{2}}}-\frac{1}{\sqrt{z^{2}}}\right)\Rightarrow\frac{1}{z}-\frac{1}{\sqrt{a^{2}+z^{2}}} \end{align} \]

Integração de    \( \displaystyle \int_{0}^{{2\pi}}d\theta \)
\[ \begin{gather} \int_{0}^{{2\pi}} d\theta =\left.\theta\;\right|_{\;0}^{\;2\pi }=2\pi-0=2\pi \end{gather} \]

\[ \begin{gather} \mathbf{E}=\frac{\sigma}{4\pi \epsilon_{0}}\left[0\;\mathbf{i}-0\;\mathbf{j}+z\;\left(\frac{1}{z}-\frac{1}{\sqrt{a^{2}+z^{2}}}\right)2\pi\;\mathbf{k}\right]\\[5pt] \mathbf{E}=\frac{\sigma}{4\pi \epsilon_{0}}\left(\frac{z}{z}-\frac{z}{\sqrt{a^{2}+z^{2}}}\right)2\pi\;\mathbf{k} \end{gather} \]
\[ \begin{gather} \bbox[#FFCCCC,10px] {\mathbf{E}=\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}\left(1-\frac{z}{\sqrt{a^{2}+z^{2}\;}}\right)\;\mathbf{k}} \end{gather} \]

Figura 5

b) Fazendo o raio da placa tender ao infinito (\( a\rightarrow \infty \))
\[ \begin{gather} \mathbf{E}=\underset{a\rightarrow\infty }{\lim }{\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}}\left(1-\frac{z}{\sqrt{a^{2}+z^{2}}}\right)\;\mathbf{k}\\[5pt] \mathbf{E}=\underset{a\rightarrow\infty }{\lim }\left[\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}-\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}\frac{z}{\sqrt{z^{2}\left(\dfrac{a^{2}}{z^{2}}+1\;\right)}}\right]\;\mathbf{k}\\[5pt] \mathbf{E}=\underset{a\rightarrow\infty }{\lim }{\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}}\;\mathbf{k}-\underset{a\rightarrow\infty}\lim \left[{\;}\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}\frac{\cancel{z}}{\cancel{z}\sqrt{\left(\dfrac{a^{2}}{z^{2}}+1\;\right)}}\right]\;\mathbf{k}\\[5pt] \mathbf{E}=\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}\;\mathbf{k}-\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}\underset{a\rightarrow \infty}{\lim}{\frac{1}{\sqrt{\left(\dfrac{a^{2}}{z^{2}}+1\;\right)}}\;\mathbf{k}}\\[5pt] \mathbf{E}=\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}\;\mathbf{k}-\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}\frac{1}{\sqrt{\left(\dfrac{\infty^{2}}{z^{2}}+1\;\right)}}\;\mathbf{k}\\[5pt] \mathbf{E}=\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}\;\mathbf{k}-\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}\frac{1}{\sqrt{\infty+1\;}}\;\mathbf{k}\\[5pt] \mathbf{E}=\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}\;\mathbf{k}-\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}\frac{1}{\infty}\;\mathbf{k}\\[5pt] \mathbf{E}=\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}\;\mathbf{k}-\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}.0\;\mathbf{k} \end{gather} \]
\[ \begin{gather} \bbox[#FFCCCC,10px] {\mathbf{E}=\frac{\sigma}{2\epsilon_{0}}\;\mathbf{k}} \end{gather} \]

Observação: Quando dizemos “raio infinito” isto não significa que a placa seja realmente infinta, mas que a região considerada está longe das bordas da placa onde o campo não é uniforme devido aos efeitos de borda (Figura 6). Na região considerada o valor do campo é constante.
Figura 6
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