Um corpo de massa m está preso a uma corda, inextensível e de peso desprezível, e gira num plano
horizontal constituindo um pêndulo cônico. O comprimento da corda é igual a L, O ângulo que a
corda forma com a vertical é igual a θ. Determine:
a) A tensão T na corda;
b) A velocidade angular ω de rotação;
c) O período τ das oscilações;
d) A velocidade tangencial do corpo.
Dados do problema:
- Massa do corpo: m;
- Comprimento da corda: L;
- Ângulo entre a corda e a vertical: θ.
Esquema do problema:
A massa m está sob a ação da força peso
\( \vec{P} \)
e da tensão
\( \vec{T} \)
na corda. Como o corpo realiza um movimento circular ele está sob a ação da
aceleração centrípeta
\( {\vec{a}}_{cp} \),
apontada radialmente para o centro da trajetória. O ângulo entre a tensão na corda e a vertical passando
pelo corpo é igual a θ, mesmo ângulo que temos entre a corda L e a vertical, são ângulos
alternos internos (Figura 1).
Solução
a) Desenhando as forças que atuam no corpo num sistema de eixos coordenados (Figura 2), aplicamos a
2.ª Lei de Newton
\[
\begin{gather}
\bbox[#99CCFF,10px]
{\vec{F}=m\vec{a}} \tag{I}
\end{gather}
\]
- \( \vec{P} \): força peso do corpo;
- \( \vec{T} \): força de tensão na corda.
Na direção vertical a força peso e a componente da força de tensão na direção
y se anulam
\[
\begin{gather}
P=T_{y} \tag{II}
\end{gather}
\]
O ângulo θ medido entre o vetor
\( \vec{T} \)
e o eixo-
y ao contrário do que se faz usualmente, em que se mede um ângulo a partir do
eixo-
x, temos que a componente da tração na direção de
y será
\[
\begin{gather}
T_{y}=T\cos \theta \tag{III}
\end{gather}
\]
a força peso é dada por
\[
\begin{gather}
\bbox[#99CCFF,10px]
{P=m g} \tag{IV}
\end{gather}
\]
substituindo as expressões (III) e (IV) na expressão (II)
\[
\begin{gather}
T\cos \theta =m g
\end{gather}
\]
\[
\begin{gather}
\bbox[#FFCCCC,10px]
{T=\frac{m g}{\cos \theta }}
\end{gather}
\]
b) Pela Figura 2 escrevemos para um corpo em movimento circular, onde atua a aceleração centrípeta
\[
\begin{gather}
\bbox[#99CCFF,10px]
{{\vec{F}}_{cp}=m{\vec{a}}_{cp}}
\end{gather}
\]
a componente do vetor
\( \vec{T} \)
ao longo do eixo-
x,
\( T_{x} \),
é a única força responsável pela força centrípeta
\( {\vec{F}}_{cp} \)
\[
\begin{gather}
F_{cp}=T_{x}=m a_{cp} \tag{V}
\end{gather}
\]
a componente da força de tensão na direção
x é dada por
\[
\begin{gather}
T_{x}=T\operatorname{sen}\theta \tag{VI}
\end{gather}
\]
substituindo
T pelo valor encontrado no item anterior
\[
\begin{gather}
T_{x}=\frac{mg}{\cos \theta }\;\operatorname{sen}\theta \tag{VII}
\end{gather}
\]
A aceleração centrípeta é dada por
\[
\begin{gather}
\bbox[#99CCFF,10px]
{a_{cp}=\frac{v^{2}}{R}} \tag{VIII}
\end{gather}
\]
substituindo as expressões (VII) e (VIII) na expressão (V)
\[
\begin{gather}
\frac{\cancel{m} g}{\cos \theta }\;\operatorname{sen}\theta =\cancel{m}\frac{v^{2}}{R}\\[5pt]
\frac{g}{\cos \theta }\;\operatorname{sen}\theta =\frac{v^{2}}{R} \tag{IX}
\end{gather}
\]
A velocidade tangencial é dada por
\[
\begin{gather}
\bbox[#99CCFF,10px]
{v=\omega R} \tag{X}
\end{gather}
\]
substituindo a expressão (X) na expressão (IX)
\[
\begin{gather}
\frac{g}{\cos \theta }\,\operatorname{sen}\theta =\frac{(\omega R)^{2}}{R}\\[5pt]
\frac{g}{\cos \theta }\,\operatorname{sen}\theta =\frac{\omega^{2}R^{\cancel{2}}}{\cancel{R}}\\[5pt]
\frac{g}{\cos \theta }\,\operatorname{sen}\theta =\omega^{2}R \tag{XI}
\end{gather}
\]
O valor do raio
R da trajetória não é fornecido pelo problema, é preciso encontrar esse valor
em função dos dados do problema (Figura 3)
\[
\begin{gather}
\operatorname{sen}\theta =\frac{\text{cateto oposto}}{\text{hipotenusa}}=\frac{R}{L}\\[5pt]
R=L\operatorname{sen}\theta \tag{XII}
\end{gather}
\]
substituindo a expressão (XII) na expressão (XI)
\[
\begin{gather}
\frac{g}{\cos \theta }\,\cancel{\operatorname{sen}\theta} =\omega ^{2}L\cancel{\operatorname{sen}\theta}\\[5pt]
\frac{g}{\cos \theta }=\omega ^{2}L\\[5pt]
\omega^{2}=\frac{g}{L\cos \theta }
\end{gather}
\]
Figura 3
\[
\begin{gather}
\bbox[#FFCCCC,10px]
{\omega =\sqrt{\frac{g}{L\cos \theta }\;}}
\end{gather}
\]
c) O período τ é calculado usando a expressão para a velocidade angular dada por
\[
\begin{gather}
\bbox[#99CCFF,10px]
{\omega =\frac{2\pi }{\tau}}
\end{gather}
\]
substituindo o valor da velocidade angular ω obtido no item anterior
\[
\begin{gather}
\sqrt{\,\frac{g}{L\cos \theta }\,}=\frac{2\pi }{\tau}\\[5pt]
\tau =\frac{2\pi }{\sqrt{\,\frac{g}{L\cos \theta}\,}}
\end{gather}
\]
\[
\begin{gather}
\bbox[#FFCCCC,10px]
{\tau =2\pi \sqrt{\,\frac{L\cos \theta }{g}\,}}
\end{gather}
\]
d) Substituindo a solução do item (b) para a velocidade angular ω e a expressão (XII) na expressão (X)
\[
\begin{gather}
v=\sqrt{\frac{g}{L\cos \theta }\;}\;L\operatorname{sen}\theta
\end{gather}
\]
colocando o termo
L sen θ dentro da raiz
\[
\begin{gather}
v=\sqrt{\frac{g}{\cancel{L}\cos \theta }\;L^{\cancel{2}}\operatorname{sen}^{2}\theta\;}
\end{gather}
\]
Lembrando da Trigonometria
\( \operatorname{tg} \theta=\frac{\operatorname{sen}\theta;}{\cos \theta} \)
\[
\begin{gather}
v=\sqrt{\frac{g L\operatorname{sen}\theta\operatorname{sen}\theta}{\cos \theta }\;}
\end{gather}
\]
\[
\begin{gather}
\bbox[#FFCCCC,10px]
{v=\sqrt{g L\operatorname{tg}\theta \operatorname{sen}\theta}}
\end{gather}
\]